Lucrarea lor conține o dovadă în acest sens, ei „doar” fac mai întâi apel la dualitatea rețelei.
Pe scurt, pentru a demonstra că zăbrele
$$A = B,$$
este suficient (cum spui tu) să dovedești că $A\subseteq B$ și $B\subseteq A$.
Ceea ce fac ei este să folosească asta
$$B\subseteq A\iff A^*\subseteq B^*,$$
și în schimb dovedesc că $A\subseteq B$ și $A^*\subseteq B^*$.
Puteți verifica că dovada lor face tocmai acest lucru, dar cu $A = L(\cdot)$, și $B = \widehat{\alpha^\perp(\cdot)}$ grilajele tale.
Concret, izolarea de care îți lipsește este $\widehat{L(\cdot)}\subseteq \frac{1}{q}\alpha^\perp(\cdot)$.
În legătură cu aceasta, ei precizează
Acest lucru poate fi văzut luând în considerare elemente de $L(\cdot)$ care corespund $s = 1$.
Nu am verificat, dar îmi imaginez că înseamnă asta $\widehat{L(\cdot)} = \{\vec t\in R^m :\forall \ell \in L(\cdot): \langle \ell, t\rangle\equiv 0\bmod q\} $.
Dacă înlocuim $L(\cdot)$ în aceasta cu un anumit subset $S\subseteq L(\cdot)$, primim un superset de $\widehat{L(\cdot)}$.
Se pare că ei spun în special că ar trebui să le înlocuiți $L(\cdot)$ cu submultimea corespunzatoare alegerii de $s = 1$.
Concret, asta ne oferă izolarea.
$$\widehat{L(I_{\alpha^\times, \overline{S}}^\times)} \subseteq \{\vec t\in R^m : \forall i : (t_i\bmod q) = \alpha_i^\times\bmod I_{\overline{S}}^\times\}.$$
Nu știu dacă asta este exact $\frac{1}{q}\alpha^\perp(\cdot)$, dar indiciuul lor îl face să sune drept lucrul la care să te uiți.